根據(jù)圓周運動知識得： ②
T=243600s，
研究北斗﹣2A衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式： ③
由①②③解得：
v2=4km/s
故B正確、ACD錯誤.
3.解：沒有空氣阻力時，物體只受重力，是豎直上拋運動，v﹣t圖象是直線;
有空氣阻力時，上升階段，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力隨著速度而減小，故加速度逐漸減小，最小值為g;
有空氣阻力時，下降階段，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg﹣f=ma，故a=g﹣，由于阻力隨著速度而增大，故加速度減小;
v﹣t圖象的斜率表示加速度，故圖線與t軸的交點對應(yīng)時刻的加速度為g，切線與虛線平行;
故選：D
4.解：粒子做勻速圓周運動，軌跡如圖：
故質(zhì)量為m1、m2、m3的粒子軌道半徑分別為：
=
=2L+d
故： ①
粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，故：
�、�
�、�
④
聯(lián)立①②③④解得：m3= (m1+m2)
故選：C.
5.ABC解：1.若v1=v2，小物體P可能受到的靜摩擦力等于繩的拉力，一直相對傳送帶靜止勻速向右運動，若最大靜摩擦力小于繩的拉力，則小物體P先向右勻減速運動，減速到零后反向勻加速直到離開傳送帶，由牛頓第二定律知mQg﹣mPg=(mQ+mP)a，加速度不變，故A正確;
2.若v1v2，小物體P先向右勻加速直線運動，由牛頓第二定律知mPg﹣mQg=(mQ+mP)a，到小物體P加速到與傳送帶速度v1相等后勻速，故B選項可能;
3.若v1a1，故C選項正確，D選項錯誤.
故選：ABC
6.解：A、滑塊Q下滑的過程中，受到P的排斥力作用，此排斥力對Q做負功，所以Q的機械能減小，故A錯誤.
B、滑塊Q在下滑過程中，沿軌道方向受到重力的分力和磁場斥力，先做加速運動后做減速運動，當(dāng)速度減至零時，與P的距離最近.根據(jù)能量守恒得知，Q初始釋放位置的高度越大，相對于P位置具有的重力勢能越大，當(dāng)P運動到最低點時，其重力勢能全部轉(zhuǎn)化為磁場能，則知磁場能越大，PQ的距離越近，故B正確.
CD、當(dāng)滑塊所受的磁場力與重力沿軌道向下的分力二力平衡時，Q的速度最大，重力的分力一定，根據(jù)平衡條件得知，速度最大時磁場力的大小也一定，則Q速度最大的位置一定，與Q初始釋放位置的高度無關(guān).
根據(jù)能量守恒得知，滑塊Q釋放的位置越高，具有的重力勢能越大，速度最大時磁場能一定，則Q所能達到的最大動能越大，最大速度也越大，故知滑塊Q所能達到最大速度與初始釋放位置的高度有關(guān).故CD正確.
故選：BCD
7.a、長木板的右端沒被墊高，說明沒有平衡摩擦力;b、小車和打點計時器的距離太開了; c、細線沒套在定滑輪的輪槽上，以致拉線未能與板面平行;(2)電磁打點計時器 。
解析：(1)長木板的右端沒被墊高，說明沒有平衡摩擦力;小車和打點計時器的距離太遠了，細線沒套在定滑輪的輪槽上，以致拉線未能與板面平行;
(2)電磁打點計時器使用4-6V交流電壓，電火花打點計時器直接接在220V交流電壓上，所以他所選的打點計時器是電磁打點計時器.
8.
9. , 解析： 取加速度a的方向為正方向
以加速度a加速運動時有：
以加速度 反向運動到原出發(fā)點時，位移為
有：
解得：
回到原出發(fā)點時的速度
解得：
負號表明，回到原出發(fā)點時速度的大小為 ，方向與原的運動方向相反
10.解：(1)學(xué)生推小球過程：設(shè)學(xué)生第一次推出小球后，學(xué)生所乘坐小車的速度大小為v1，學(xué)生和他的小車及小球組成的系統(tǒng)動量守恒，取向右的方向為正方向，由動量守恒定律得：
mv+Mv1=0①，
代入數(shù)據(jù)解得：v1=﹣0.04m/s，負號表示車的方向向左;
(2)學(xué)生每向右推一次小球，根據(jù)方程①可知，學(xué)生和小車的動量向左增加mv，同理，學(xué)生每接一次小球，學(xué)生和小車的動量向左再增加mv，設(shè)學(xué)生第n次推出小球后，小車的速度大小為vn，由動量守恒定律得：
(2n﹣1)mv﹣Mvn=0，
要使學(xué)生不能再接到擋板反彈回來的小球，
有：vn2 m/s，
解得：n25.5，
即學(xué)生推出第26次后，再也不能接到擋板反彈回來的小球.
答：(1)學(xué)生第一次推出小球后，小車的速度大小為0.04m/s;
(2)從學(xué)生第一次推出小球算起，學(xué)生第26次推出小球后，再也不能接到從擋板彈回來的小球.
11.
(3)微粒從釋放開始經(jīng) 射入B板的小孔，d=v2 ，
則 =2dv=2d m2qU，
設(shè)微粒在半圓形金屬板間運動經(jīng)過 第一次到達最低點P點，則 =L4 m2qU，
所以從釋放微粒開始，經(jīng)過 + =2d+L4 m2qU微粒第一次到達P點;根據(jù)運動的對稱性，易知再經(jīng)過2( + )微粒再一次經(jīng)過P點
所以經(jīng)過時間t=(2k+1)2d+L4 m2qU，(k=0,1，2，)微粒經(jīng)過P點.